Question

已知，二次函數y=的圖象與x軸相交于A（x₁，0）、B（x₂，0）兩點，且x₁＜0，x₂＞0，圖象與y軸交于點C，OB=2OA；
（1）求二次函數的解析式；
（2）在x軸上，點A的左側，求一點E，使△ECO與△CAO相似，并說明直線EC經過（1）中二次函數圖象的頂點D；
（3）過（2）中的點E的直線y=與（1）中的拋物線相交于M、N兩點，分別過M、N作x軸的垂線，垂足為M′、N′，點P為線段MN上一點，點P的橫坐標為t，過點P作平行于y軸的直線交（1）中所求拋物線于點Q，是否存在t值，使S_梯形MM'N'N：S_△QMN=35：12？若存在，求出滿足條件的t值；若不存在，請說明理由．

Answer 1

【答案】分析：（1）由二次函數y=-x²-（m+3）x+m²-12的圖象與x軸相交于A（x₁，0）、B（x₂，0）兩點，根據根與系數的關系與OB=2OA，即可求得m的值，則可得二次函數的解析式；
（2）由二次函數的解析式為：y=-x²+x+4，求得A，B，C的坐標，設點E（x，0），則OE=-x，根據相似三角形的判定方法即可求得點E的坐標，然后設直線EC解析式為：y=k′x+b′，由待定系數法即可求得直線EC的解析式，又由拋物線頂點D（1，），分別將點D的坐標代入解析式的左右式，即可得直線EC經過（1）中拋物線的頂點D；
（3）由直線y=x+2與（1）中的二次函數y=-x²+x+4相交于M、N兩點，設M（x_m，y_m），N（x_n，y_n），可得MM′=y_m，NN′=y_n．又由y_m，y_n是方程8y²-35y+36=0的兩個實數根，求得y_m+y_n的值，繼而求得點P（t，t+2），點Q（t，-t²+t+4）．又由S_△QMN=S_△QMP+S_△QNP與S_梯形MM'N'N：S_△QMN=35：12，則可求得當t=-或t=2時，S_梯形MM'N'N：S_△QMN=35：12．
解答：解：（1）∵二次函數y=-x²-（m+3）x+m²-12的圖象與x軸相交于A（x₁，0）、B（x₂，0）兩點，
∴x₁+x₂=-2（m+3），x₁x₂=-2（m²-12）．
又∵x₁＜0，x₂＞0，OB=2OA，
∴x₂=-2x₁．（3分）
整理得：m²+8m+16=0，（1分）
解得m₁=m₂=-4．
∴二次函數的解析式為：y=-x²+x+4．（1分）

（2）∵二次函數的解析式為：y=-x²+x+4，
∴點A（-2，0）、B（4，0）、C（0，4）．
設點E（x，0），則OE=-x．
∵∠COA=∠EOC=90°，
要使△ECO∽△CAO，
只有．
∴，
∴x=-8．
∴當點E坐標為（-8，0），△ECO與△CAO相似．（1分）
設直線EC解析式為：y=k′x+b′，
將點E、點C的坐標代入得：，
解得，
∴直線EC的解析式為：y=x+4．（2分）
∵拋物線頂點D（1，），（2分）
分別將點D的坐標代入解析式的左右式，得到左式=右式．
∴直線EC經過（1）中拋物線的頂點D．（1分）

（3）存在t值，使S_梯形MM'N'N：S_△QMN=35：12．（1分）
∵直線y=x+b過點E（-8，0），
∴0=×（-8）+b，
∴b=2．
∴y=x+2．
∴x=4（y-2）
∵直線y=x+2與（1）中的二次函數y=-x²+x+4相交于M、N兩點，
∴y=-+4（y-2）+4，整理得8y²-35y+36=0．
設M（x_m，y_m），N（x_n，y_n），
∴MM′=y_m，NN′=y_n．
∴y_m，y_n是方程8y²-35y+36=0的兩個實數根，
∴y_m+y_n=．
∴S_梯形MM'N'N=（y_m+y_n）（x_n-x_m）．（1分）∵點P在直線y=x+2上，點Q在（1）中的拋物線上，
∴點P（t，t+2），點Q（t，-t²+t+4）．
∴PQ=-t²+t+4-t-2=-t²+t+2，
分別過M、N作直線PQ的垂線，垂足為點G、H，
則GM=t-x_m，NH=x_n-t．
∴S_△QMN=S_△QMP+S_△QNP==PQ•（x_n-x_m）=（-t²+t+2）（x_n-x_m）．（1分）
∵S_梯形MM'N'N：S_△QMN=35：12，
∴，
∴．
整理得：2t²-3t-2=0，
解得：t₁=-，t₂=2．
∴當t=-或t=2時，S_梯形MM'N'N：S_△QMN=35：12．（1分）
點評：此題考查了待定系數法求函數的解析式，根與系數的關系點與函數的關系以及三角形的面積問題等知識．此題綜合性很強，難度很大，解題的關鍵是方程思想與數形結合思想的應用．