Question

（2013•眉山二模）函數f（x）=ae^x，g（x）=lnx-lna，其中a為常數，且函數y=f（x）和y=g（x）的圖象在其與坐標軸的交點處的切線互相平行．
（Ⅰ）求此平行線的距離；
（Ⅱ）若存在x使不等式

x-m

f(x)

＞

x

成立，求實數m的取值范圍；
（Ⅲ）對于函數y=f（x）和y=g（x）公共定義域中的任意實數x₀，我們把|f（x₀）-g（x₀）|的值稱為兩函數在x₀處的偏差．求證：函數y=f（x）和y=g（x）在其公共定義域內的所有偏差都大于2．

Answer 1

分析：（Ⅰ）求導函數，利用函數y=f（x）和y=g（x）的圖象在其與坐標軸的交點處的切線互相平行，確定a的值，從而可得切線方程，即可求得兩平行切線間的距離；
（Ⅱ）問題等價于m＜x-

x

ex在x∈[0，+∞）有解，令h(x)=x-

x

ex，則m＜h_max（x），由此即可求得實數m的取值范圍；
（Ⅲ）證法一：函數y=f（x）和y=g（x）的偏差為：F（x）=|f（x）-g（x）|=e^x-lnx，x∈（0，+∞），求出其最小值，即可得到結論；
證法二：由于函數y=f（x）和y=g（x）的偏差：F（x）=|f（x）-g（x）|=e^x-lnx，x∈（0，+∞），構造函數F1(x)=ex-x，x∈（0，+∞），F₂（x）=x-lnx，x∈（0，+∞），確定其單調性，確定其范圍，即可求得結論．

解答：（Ⅰ）解：f'（x）=ae^x，g′(x)=

1

x

，
y=f（x）的圖象與坐標軸的交點為（0，a），y=g（x）的圖象與坐標軸的交點為（a，0），
∵函數y=f（x）和y=g（x）的圖象在其與坐標軸的交點處的切線互相平行
∴f'（0）=g'（a），即a=

1

a

又∵a＞0，∴a=1．
∴f（x）=e^x，g（x）=lnx，
∴函數y=f（x）和y=g（x）的圖象在其坐標軸的交點處的切線方程分別為：x-y+1=0，x-y-1=0
∴兩平行切線間的距離為

2

．
（Ⅱ）解：由

x-m

f(x)

＞

x

得

x-m

ex

＞

x

，故m＜x-

x

ex在x∈[0，+∞）有解，
令h(x)=x-

x

ex，則m＜h_max（x）．
當x=0時，m＜0；
當x＞0時，∵h′(x)=1-(

1

2 x

ex+

x

ex)=1-(

1

2 x

+

x

)ex，
∵x＞0，∴

1

2 x

+

x

≥2

1 2 x • x

=

2

 ， ex＞1，∴(

1

2 x

+

x

)ex＞

2

故h′(x)=1-(

1

2 x

+

x

)ex＜0
即h(x)=x-

x

ex在區間[0，+∞）上單調遞減，故h（x）_max=h（0）=0，∴m＜0
即實數m的取值范圍為（-∞，0）．
（Ⅲ）證法一：∵函數y=f（x）和y=g（x）的偏差為：F（x）=|f（x）-g（x）|=e^x-lnx，x∈（0，+∞）
∴F′(x)=ex-

1

x

，
設x=t為F′(x)=ex-

1

x

=0的解，則當x∈（0，t），F'（x）＜0；
當x∈（t，+∞），F'（x）＞0，∴F（x）在（0，t）單調遞減，在（t，+∞）單調遞增
∴F(x)min=et-lnt=et-ln

1

et

=et+t
∵f'（1）=e-1＞0，f′(

1

2

)=

e

-2＜0，∴

1

2

＜t＜1
故F(x)min=et+t=e

1

2

+

1

2

=

e

+

1

2

＞

2.25

+

1

2

=2
即函數y=f（x）和y=g（x）在其公共定義域內的所有偏差都大于2．
證法二：由于函數y=f（x）和y=g（x）的偏差：F（x）=|f（x）-g（x）|=e^x-lnx，x∈（0，+∞）
令F1(x)=ex-x，x∈（0，+∞）；令F₂（x）=x-lnx，x∈（0，+∞）
∵F1′(x)=ex-1，F2′(x)=1-

1

x

=-

1-x

x

，
∴F₁（x）在（0，+∞）單調遞增，F₂（x）在（0，1）單調遞減，在（1，+∞）單調遞增
∴F₁（x）＞F₁（0）=1，F₂（x）≥F₂（1）=1，
∴F（x）=e^x-lnx=F₁（x）+F₂（x）＞2
即函數y=f（x）和y=g（x）在其公共定義域內的所有偏差都大于2．

點評：本題考查導數知識的運用，考查函數的單調性與最值，考查新定義，正確求導，理解新定義是解題的關鍵．