一定質量的理想氣體被活塞封閉在圓筒形的金屬氣缸內如圖所示．活塞的質量為30kg，截面積為S=1OOcm²，活塞與氣缸底之間用一輕彈簧連接，活塞可沿氣缸壁無摩擦滑動但不漏氣，開始使氣缸水平放置，連接活塞和氣缸底的彈簧處于自然長度L₀=50cm．經測量，外界氣溫為t=27°C，大氣壓強為P₀=1.0x1O⁵Pa，將氣缸從水平位置緩慢地豎直立起，穩定后活塞下降了10cm；再對氣缸內氣體逐漸加熱，若活塞上升30cm（g=10m/s²），求：
①彈簧的勁度系數；
②氣缸內氣體達到的溫度．

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一定質量的理想氣體被活塞封閉在圓筒形的金屬氣缸內，如圖所示．活塞的質量為30 kg，橫截面積為S＝100 cm²，活塞與氣缸底之間用一輕彈簧連接，活塞可沿氣缸壁無摩擦滑動且不漏氣．開始時使氣缸水平放置，連接活塞和氣缸底的彈簧處于自然長度l₀＝50 cm．經測量，外界氣溫為t＝27℃，大氣壓強p₀＝1.0×10⁵ Pa，將氣缸從水平位置緩慢地豎直立起，穩定后活塞下降了10 cm，再對氣缸內氣體緩慢加熱，活塞又上升了30 cm，求：

(1)彈簧的勁度系數k．

(2)最后氣缸內氣體達到的溫度．

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如圖所示，一定質量的理想氣體被活塞封閉在圓筒形的金屬氣缸內．活塞的質量為30kg，截面積為S=100cm²，活塞與氣缸底之間用一輕彈簧連接，活塞可沿氣缸壁無摩擦滑動但不漏氣，開始使氣缸水平放置，連接活塞和氣缸底的彈簧處于自然長度l₀=50cm；經測量，外界氣溫為t=27℃、大氣壓為p₀=1.0×10⁵Pa，將氣缸從水平位置緩慢地開口向上豎直立起，穩定后活塞下降了10cm，再對氣缸內氣體緩慢加熱，使彈簧恢復到自然長度（g=10m/s²）．求：?
（1）?加熱后氣缸內氣體達到的溫度；
（2）?彈簧的勁度系數．

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一．（20分）填空題．

1、右，大                2、 2（M - ），逐漸減小                  3、等于，  

4、45°，1：4             5、，

二．(40分)選擇題．

6

7

8

9

10

11

12

13

14

D

D

A

B

C

AC

BCD

AD

BD

三．（30分）實驗題．

15．（5分）BD

16．（6分）（1）如右圖   （2）10Hz    （3）0.75m/s

17．（6分）（1）“加入熱水后就立即記錄一次壓強和溫度的數值”是錯誤的，應該是“加入熱水后，在氣體狀態穩定后再記錄壓強和溫度的數值”（指出錯誤即可得分）

（2）p= t+p₁  （3）B    

18．（4分）（1）mv_t² -mv₀²（1分）

（2）變大，變�。�2分）

（3）估算圖線下方的面積，其大小即為磁力在這一過程 所做功大�。�1分）

19．（9分）（1）（如右圖）（2分）

（2）BD （3分）  （3）0.6，0.6 （4分）

四．（60分）計算題．（各計算題均實行不重復扣分的原則，物理量答案必須有相應的單位）

20．（10分）（1）氣體從狀態 I 到狀態 II：:= （2分）

  p₂ = = = 1.65×10⁵ Pa（3分）

（2）氣體從狀態 II 到狀態 III ：p₂V₂ = p₃V₃  （2分）

p₃ = =  = 1.1×10⁵ （Pa）（3分）

21．(12分)（1）彈丸從A到C：t== s=0.6s(1分)

A點到C點的水平距離s = v₀t =8.0×0.6m =4.8m(1分)

（2）彈丸到C的速度方向與水平方向的夾角為tgθ = = = =（1分）

v_C===  m/s = 10m/s（1分）

彈丸與塑料塊在C點具有的相同速度v_C’=v_C=1m/s     （1分）

分析彈丸與塑料塊從C點返回到C點的整個過程，根據動能定理有：

-μmgcosθ×2×=0－mv_C’²（2分）可得動摩擦因數μ==0.125（1分）

（3）根據牛頓第二定律，下滑時由 a₁=gsinθ-μgcosθ可得a₁=5 m/s²（1分）

由= v_C’ t₁+a₁ t₁²可解得t₁=0.17s（1分）

上滑時由 a₁=gsinθ+μgcosθ可得a₂=7 m/s²（1分）

由=a₂t₂²可解得t₂=0.27s（1分）

所以塑料塊從被彈丸擊中到再次回到C點的時間t= t₁+ t₂=0.44s（1分）

22．(12分)（1）R₂斷路，（2分）

電阻R₂被燒壞后，電壓表讀數等于電阻R₁的電壓大小

可得：R₁=4Ω       （2分）

（2）根據電路總功率P=εI_總

電阻R₂被燒壞前后電路總功率之比=

電阻R₂被燒壞前I_總=(+0.75)A=1A ，電阻R₂被燒壞后I_總’=0.8A

電阻R₂被燒壞前后電路總功率之比== （4分）             

（3）能求出電源電動勢E，不能求出電源內阻r（2分）

電阻R₂壞前E=1×(R₄+r）+0.75×4，電阻R₂壞后E=0.8×(R₄+r）+3.2

可求出E=4V （2分）

23．(12分)（1）  = m  (2分)     v₂=v₁= (2分)

（2） M_黑洞=10M_地球

對地球：v_2地球=；對黑洞：v_2黑洞=> c（c為光速）(1分)

= =  ≥ (2分)

R_黑洞≤ = m= 0.089m (1分)

（3）R_恒星=248×109 R_地球，M_恒星=（248×109）³M_地球（密度相同）

v_2恒星== =

    =11. 2×10³×248×109 m/s = 3.028×10⁸ m/s > c            (3分)

所以不能被我們看見 (1分)                      

24．(14分)（1）通過cd棒的電流方向 d→c（1分）

區域I內磁場方向為垂直于斜面向上（1分）

（2）對cd棒，F_安=BIl=mgsinθ所以通過cd棒的電流大小I = （1分）

當ab棒在區域II內運動時cd棒消耗的電功率P=I²R=（1分）

（3）ab棒在到達區域II前做勻加速直線運動，a==gsinθ

cd棒始終靜止不動，ab棒在到達區域II前、后，回路中產生的感應電動勢不變，則ab棒在區域II中一定做勻速直線運動

可得；=Blv_t    =Blgsinθt _x    所以t _x=（2分）

ab棒在區域II中做勻速直線運動的速度v_t=

則ab棒開始下滑的位置離EF的距離h= a t _x²+2l=3 l（3分）

（4） ab棒在區域II中運動的時間t₂==（1分）

ab棒從開始下滑至EF的總時間t= t _x+t₂=2 ε=Blv_t =Bl（2分）

ab棒從開始下滑至EF的過程中閉合回路中產生的熱量：Q=εIt=4mglsinθ（2分）