A.有可能使氣體回到原來狀態.且W1<W2 B.有可能使氣體回到原來狀態.且W1=W2 C.有可能使氣體回到原來狀態.且W1>W2 D.上面A.B.C三種說法都不可能實現 查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

第Ⅰ卷(選擇題 共31分)

一、單項選擇題.本題共5小題,每小題3分,共計15分.每小題只有一個選項符合題意.

1. 關于科學家和他們的貢獻,下列說法中正確的是[來源:Www..com]

A.安培首先發現了電流的磁效應

B.伽利略認為自由落體運動是速度隨位移均勻變化的運動

C.牛頓發現了萬有引力定律,并計算出太陽與地球間引力的大小

D.法拉第提出了電場的觀點,說明處于電場中電荷所受到的力是電場給予的

2.如圖為一種主動式光控報警器原理圖,圖中R1R2為光敏電阻,R3R4為定值電阻.當射向光敏電阻R1R2的任何一束光線被遮擋時,都會引起警鈴發聲,則圖中虛線框內的電路是

A.與門                  B.或門               C.或非門                  D.與非門

 


3.如圖所示的交流電路中,理想變壓器原線圈輸入電壓為U1,輸入功率為P1,輸出功率為P2,各交流電表均為理想電表.當滑動變阻器R的滑動頭向下移動時

A.燈L變亮                                    B.各個電表讀數均變大

C.因為U1不變,所以P1不變                              D.P1變大,且始終有P1= P2

4.豎直平面內光滑圓軌道外側,一小球以某一水平速度v0A點出發沿圓軌道運動,至B點時脫離軌道,最終落在水平面上的C點,不計空氣阻力.下列說法中不正確的是

A.在B點時,小球對圓軌道的壓力為零

B.BC過程,小球做勻變速運動

C.在A點時,小球對圓軌道壓力大于其重力

D.AB過程,小球水平方向的加速度先增加后減小

5.如圖所示,水平面上放置質量為M的三角形斜劈,斜劈頂端安裝光滑的定滑輪,細繩跨過定滑輪分別連接質量為m1m2的物塊.m1在斜面上運動,三角形斜劈保持靜止狀態.下列說法中正確的是

A.若m2向下運動,則斜劈受到水平面向左摩擦力

B.若m1沿斜面向下加速運動,則斜劈受到水平面向右的摩擦力

C.若m1沿斜面向下運動,則斜劈受到水平面的支持力大于(m1+ m2+Mg

D.若m2向上運動,則輕繩的拉力一定大于m2g

二、多項選擇題.本題共4小題,每小題4分,共計16分.每小題有多個選項符合題意.全部選對的得4分,選對但不全的得2分,錯選或不答的得0分.

6.木星是太陽系中最大的行星,它有眾多衛星.觀察測出:木星繞太陽作圓周運動的半徑為r1、 周期為T1;木星的某一衛星繞木星作圓周運動的半徑為r2、 周期為T2.已知萬有引力常量為G,則根據題中給定條件

A.能求出木星的質量

B.能求出木星與衛星間的萬有引力

C.能求出太陽與木星間的萬有引力

D.可以斷定

7.如圖所示,xOy坐標平面在豎直面內,x軸沿水平方向,y軸正方向豎直向上,在圖示空間內有垂直于xOy平面的水平勻強磁場.一帶電小球從O點由靜止釋放,運動軌跡如圖中曲線.關于帶電小球的運動,下列說法中正確的是

A.OAB軌跡為半圓

B.小球運動至最低點A時速度最大,且沿水平方向

C.小球在整個運動過程中機械能守恒

D.小球在A點時受到的洛倫茲力與重力大小相等

8.如圖所示,質量為M、長為L的木板置于光滑的水平面上,一質量為m的滑塊放置在木板左端,滑塊與木板間滑動摩擦力大小為f,用水平的恒定拉力F作用于滑塊.當滑塊運動到木板右端時,木板在地面上移動的距離為s,滑塊速度為v1,木板速度為v2,下列結論中正確的是

A.上述過程中,F做功大小為            

B.其他條件不變的情況下,F越大,滑塊到達右端所用時間越長

C.其他條件不變的情況下,M越大,s越小

D.其他條件不變的情況下,f越大,滑塊與木板間產生的熱量越多

9.如圖所示,兩個固定的相同細環相距一定的距離,同軸放置,O1、O2分別為兩環的圓心,兩環分別帶有均勻分布的等量異種電荷.一帶正電的粒子從很遠處沿軸線飛來并穿過兩環.則在帶電粒子運動過程中

A.在O1點粒子加速度方向向左

B.從O1O2過程粒子電勢能一直增加

C.軸線上O1點右側存在一點,粒子在該點動能最小

D.軸線上O1點右側、O2點左側都存在場強為零的點,它們關于O1、O2連線中點對稱

 


第Ⅱ卷(非選擇題 共89分)

三、簡答題:本題分必做題(第lO、11題)和選做題(第12題)兩部分,共計42分.請將解答填寫在答題卡相應的位置.

必做題

10.測定木塊與長木板之間的動摩擦因數時,采用如圖所示的裝置,圖中長木板水平固定.

(1)實驗過程中,電火花計時器應接在  ▲  (選填“直流”或“交流”)電源上.調整定滑輪高度,使  ▲ 

(2)已知重力加速度為g,測得木塊的質量為M,砝碼盤和砝碼的總質量為m,木塊的加速度為a,則木塊與長木板間動摩擦因數μ=  ▲ 

(3)如圖為木塊在水平木板上帶動紙帶運動打出的一條紙帶的一部分,0、1、2、3、4、5、6為計數點,相鄰兩計數點間還有4個打點未畫出.從紙帶上測出x1=3.20cm,x2=4.52cm,x5=8.42cm,x6=9.70cm.則木塊加速度大小a=  ▲  m/s2(保留兩位有效數字).

 


11.為了測量某電池的電動勢 E(約為3V)和內阻 r,可供選擇的器材如下:

A.電流表G1(2mA  100Ω)             B.電流表G2(1mA  內阻未知)

C.電阻箱R1(0~999.9Ω)                      D.電阻箱R2(0~9999Ω)

E.滑動變阻器R3(0~10Ω  1A)         F.滑動變阻器R4(0~1000Ω  10mA)

G.定值電阻R0(800Ω  0.1A)               H.待測電池

I.導線、電鍵若干

(1)采用如圖甲所示的電路,測定電流表G2的內阻,得到電流表G1的示數I1、電流表G2的示數I2如下表所示:

I1(mA)

0.40

0.81

1.20

1.59

2.00

I2(mA)

0.20

0.40

0.60

0.80

1.00

 


根據測量數據,請在圖乙坐標中描點作出I1I2圖線.由圖得到電流表G2的內阻等于

  ▲  Ω.

(2)在現有器材的條件下,測量該電池電動勢和內阻,采用如圖丙所示的電路,圖中滑動變阻器①應該選用給定的器材中  ▲  ,電阻箱②選  ▲  (均填寫器材代號).

(3)根據圖丙所示電路,請在丁圖中用筆畫線代替導線,完成實物電路的連接.

 


12.選做題(請從A、B和C三小題中選定兩小題作答,并在答題卡上把所選題目對應字母后的方框涂滿涂黑.如都作答,則按A、B兩小題評分.)

A.(選修模塊3-3)(12分)

(1)下列說法中正確的是  ▲ 

A.液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離,液體表面存在張力

B.擴散運動就是布朗運動

C.蔗糖受潮后會粘在一起,沒有確定的幾何形狀,它是非晶體

D.對任何一類與熱現象有關的宏觀自然過程進行方向的說明,都可以作為熱力學第二定律的表述

(2)將1ml的純油酸加到500ml的酒精中,待均勻溶解后,用滴管取1ml油酸酒精溶液,讓其自然滴出,共200滴.現在讓其中一滴落到盛水的淺盤內,待油膜充分展開后,測得油膜的面積為200cm2,則估算油酸分子的大小是  ▲  m(保留一位有效數字).

(3)如圖所示,一直立的汽缸用一質量為m的活塞封閉一定量的理想氣體,活塞橫截面積為S,汽缸內壁光滑且缸壁是導熱的,開始活塞被固定,打開固定螺栓K,活塞下落,經過足夠長時間后,活塞停在B點,已知AB=h,大氣壓強為p0,重力加速度為g

①求活塞停在B點時缸內封閉氣體的壓強;

②設周圍環境溫度保持不變,求整個過程中通過缸壁傳遞的熱量Q(一定量理想氣體的內能僅由溫度決定).

B.(選修模塊3-4)(12分)

(1)下列說法中正確的是  ▲ 

A.照相機、攝影機鏡頭表面涂有增透膜,利用了光的干涉原理

B.光照射遮擋物形成的影輪廓模糊,是光的衍射現象

C.太陽光是偏振光

D.為了有效地發射電磁波,應該采用長波發射

(2)甲、乙兩人站在地面上時身高都是L0, 甲、乙分別乘坐速度為0.6c和0.8cc為光速)的飛船同向運動,如圖所示.此時乙觀察到甲的身高L  ▲  L0;若甲向乙揮手,動作時間為t0,乙觀察到甲動作時間為t1,則t1  ▲  t0(均選填“>”、“ =” 或“<”).

(3)x=0的質點在t=0時刻開始振動,產生的波沿x軸正方向傳播,t1=0.14s時刻波的圖象如圖所示,質點A剛好開始振動.

①求波在介質中的傳播速度;

②求x=4m的質點在0.14s內運動的路程.

   C.(選修模塊3-5)(12分)

(1)下列說法中正確的是  ▲ 

A.康普頓效應進一步證實了光的波動特性

B.為了解釋黑體輻射規律,普朗克提出電磁輻射的能量是量子化的

C.經典物理學不能解釋原子的穩定性和原子光譜的分立特征

D.天然放射性元素衰變的快慢與化學、物理狀態有關

(2)是不穩定的,能自發的發生衰變.

①完成衰變反應方程    ▲ 

衰變為,經過  ▲  α衰變,  ▲  β衰變.

(3)1919年,盧瑟福用α粒子轟擊氮核發現質子.科學研究表明其核反應過程是:α粒子轟擊靜止的氮核后形成了不穩定的復核,復核發生衰變放出質子,變成氧核.設α粒子質量為m1,初速度為v0,氮核質量為m2,質子質量為m0, 氧核的質量為m3,不考慮相對論效應.

α粒子轟擊氮核形成不穩定復核的瞬間,復核的速度為多大?

②求此過程中釋放的核能.

四、計算題:本題共3小題,共計47分.解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟,只寫出最后答案的不能得分,有數值計算的題,答案中必須明確寫出數值和單位.

13.如圖所示,一質量為m的氫氣球用細繩拴在地面上,地面上空風速水平且恒為v0,球靜止時繩與水平方向夾角為α.某時刻繩突然斷裂,氫氣球飛走.已知氫氣球在空氣中運動時所受到的阻力f正比于其相對空氣的速度v,可以表示為f=kvk為已知的常數).則

(1)氫氣球受到的浮力為多大?

(2)繩斷裂瞬間,氫氣球加速度為多大?

(3)一段時間后氫氣球在空中做勻速直線運動,其水平方向上的速度與風速v0相等,求此時氣球速度大小(設空氣密度不發生變化,重力加速度為g).

 


14.如圖所示,光滑絕緣水平面上放置一均勻導體制成的正方形線框abcd,線框質量為m,電阻為R,邊長為L.有一方向豎直向下的有界磁場,磁場的磁感應強度為B,磁場區寬度大于L,左邊界與ab邊平行.線框在水平向右的拉力作用下垂直于邊界線穿過磁場區.

(1)若線框以速度v勻速穿過磁場區,求線框在離開磁場時ab兩點間的電勢差;

(2)若線框從靜止開始以恒定的加速度a運動,經過t1時間ab邊開始進入磁場,求cd邊將要進入磁場時刻回路的電功率;

(3)若線框以初速度v0進入磁場,且拉力的功率恒為P0.經過時間T,cd邊進入磁場,此過程中回路產生的電熱為Q.后來ab邊剛穿出磁場時,線框速度也為v0,求線框穿過磁場所用的時間t

      

15.如圖所示,有界勻強磁場的磁感應強度為B,方向垂直紙面向里,MN為其左邊界,磁場中放置一半徑為R的圓柱形金屬圓筒,圓心OMN的距離OO1=2R,圓筒軸線與磁場平行.圓筒用導線通過一個電阻r0接地,最初金屬圓筒不帶電.現有范圍足夠大的平行電子束以速度v0從很遠處沿垂直于左邊界MN向右射入磁場區,已知電子質量為m,電量為e

(1)若電子初速度滿足,則在最初圓筒上沒有帶電時,能夠打到圓筒上的電子對應MN邊界上O1兩側的范圍是多大?

(2)當圓筒上電量達到相對穩定時,測量得到通過電阻r0的電流恒為I,忽略運動電子間的相互作用,求此時金屬圓筒的電勢φ和電子到達圓筒時速度v(取無窮遠處或大地電勢為零).

(3)在(2)的情況下,求金屬圓筒的發熱功率.

 


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如圖中所示為一帶活塞的汽缸,缸內盛有氣體,缸外恒溫環境,汽缸壁是導熱的,F將活塞向外移動一段距離,在此過程中氣體吸熱,對外做功,此功用W1表示。然后設法將汽缸及活塞絕熱,推動活塞壓縮氣體,此過程中外界對氣體做功用W2表示,則

   

A.有可能使氣體回到原來狀態,且W1<W2

B.有可能使氣體回到原來狀態,且W1=W2

C.有可能使氣體回到原來狀態,且W1>W2

D.上面A、B、C三種說法都不可能實現

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如圖所示為一帶活塞的氣缸,缸內盛有氣體,缸外為恒溫環境,氣缸壁是導熱的,現令活塞向外移動一段距離,在此過程中氣體吸熱,對外做功,此功用W1 表示,然后設法將氣缸壁及活塞絕熱,推動活塞壓縮氣體,此過程中外界對氣體做功用W2 表示,則
[     ]
A.有可能使氣體回到原來狀態,且W1< W 
B.有可能使氣體回到原來狀態,且W1= W2  
C.有可能使氣體回到原來狀態,且W1> W2  
D.不可能使氣體回到原來狀態,且W1< W2

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精英家教網如圖中所示為一帶活塞的汽缸,缸內盛有氣體,缸外恒溫環境,汽缸壁是導熱的.現將塞向外移動一段距離,在此過程中氣體吸熱,對外做功,此功用W1表示.然后設法將汽缸及活塞絕熱,推動活塞壓縮氣體,此過程中外界對氣體做功用W2表示,則( 。
A、有可能使氣體回到原來狀態,且W1<W2B、有可能使氣體回到原來狀態,且W1=W2C、有可能使氣體回到原來狀態,且W1>W2D、上面A、B、C三種說法都不可能實現

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右圖所示為一帶活塞的氣缸,缸內盛有氣體,缸外為恒溫環境,氣缸壁是導熱的.現令活塞向外移動一段距離,在此過程中氣體吸熱,對外做功.用W1表示.然后設法將氣缸壁及活塞絕熱,推動活塞壓縮氣體,使活塞回到原來位置,此過程外界對氣體做功用W2表示.則

A.有可能使氣體回到原來狀態,且W1<W2
B.有可能使氣體回到原來狀態,且W1>W2
C.不可能使氣體回到原來狀態,但W1=W2
D.上面A、B、C三種說法都不可能實現

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1.答案:C    布朗運動反映了懸浮小顆粒外部液體分子在不停地做無規則的熱運動,A錯;分子間的作用力隨距離的增大而減小,B錯;C是熱力學第三定律內容,正確;熱量不能自發地由低溫物體傳給高溫物體,但在消耗其他形式能量時可以做到,因此D錯.

2.答案:AC   本題考查了分子熱運動的基礎知識和基礎的人文知識,形式新穎活潑. “天光云影共徘徊”是朱熹《觀書有感》詩中“半畝方塘一鑒開,天光云影共徘徊.問渠那得清如許,為有源頭活水來”的一句,是光的反射現象;“隔墻花影動,疑是玉人來”是王實甫的《西廂記》中的一句,是月光成影的光學現象.

3.答案:BD   封閉氣體的體積不變,溫度升高時,氣體分子的平均動能增大,壓強增大.而分子的密集程度不變,所以氣體分子的密度不變.壓強增大,每秒撞擊單位面積器壁的氣體分子數增多.

4.答案:BCD  A選項是由于浮力和重力相平衡,其余的都與表面張力有關.

5.答案:D     根據理想氣體溫度、壓強和體積之間的關系可知,一定質量的理想氣體,在溫度不變的條件下,分子的平均動能不變,壓強增大,體積一定減小,氣體密度增大,C錯,D正確;由體積減小可知外界對氣體做功,B錯;由熱力學第一定律可知,外界對氣體做功而內能不變,可判斷氣體向外界放熱,A錯.

6.答案:D   由于汽缸及活塞絕熱,所以外界對氣體做功,氣體內能必然增大,溫度升高,即不可能回到原來狀態,D選項正確.

7.答案:ACD    氣缸整體是絕熱的,當移動活塞P時,有外力對系統做功,根據熱力學第一定律,系統的內能要增加,因此從整體上講,甲、乙的內能都要增加,但外力并沒有直接對甲做功,甲的內能之所以增加是因為吸收了熱量,而乙放出熱量,所以ACD正確.

8.答案:B   乙分子從ab,再到c的過程中,分子之間均表現為引力,所以乙分子始終做加速運動,且到達c點時速度最大,故A錯誤,B正確,C錯誤.乙分子由bc的過程,分子引力做正功,故兩分子間的分子勢能減小,而從c到d的過程分子間為斥力,做負功,分子間的勢能增加,故D錯誤.

9.答案:AB    根據熱力學第一定律ㄓU=Q+W可知,對氣體加熱,氣體的內能不一定增加,則選項A正確;絕對零度是低溫物體的極限,不可能達到,則選項B正確;溫度是物體分子平均動能大小的標志,物體溫度升高,物體中分子熱運動加劇,其分子平均動能增加,但不是每個分子的平均動能都增加,則選項C錯誤;理想氣體中分子間無相互作用力,壓縮封閉在氣缸中一定質量的理想氣體,難度越來越大是因為壓強增大的原因,則選項D錯誤.

10.答案:D  當液面由a位置上升到b位置時,管內氣體體積減小,表明溫度降低,管內氣體的壓強減小,管內氣體分子的平均動能減小,氣體內能減小.

11.(8分)答案:(1)115~120都對  (2分)(2)都對(2分)(3)讓油膜在水面上形成單分子油膜(2分)(4)(2分)

12.答案:(1)還需要用刻度尺.(3分)

   (2)實驗的主要步驟是:將細玻璃管水平放置,用刻度尺量出水銀柱長h(cm)和封閉空氣柱長l1(cm);將細玻璃管開口向上豎直放置,用刻度尺量出封閉空氣柱長l2(cm).(3分)

   (3)設玻璃管的截面積為S,兩種情況下空氣的狀態參量分別為p1=p0,V1=l1S,p2=p0+h(mmHg),V2=l2S

由玻意耳定律p0l1S=(p0+h)l2S

得大氣壓為p0=l1h/(l1l2). (3分)

13.解析:空氣柱在體外時的狀態參量為p1=760mmHg,V1=5mL,T1=300K(3分)

空氣柱在體內在收縮壓時的狀態參量為p2=120mmHg,T2=310K(2分)

由理想氣體狀態方程得,空氣柱在收縮壓下的體積為V2=p1V1T2/T1p2=32.17mL(3分)

空氣柱在體內擴張壓時的狀態參量為p3=80mmHg,T3=310K(3分)

由理想氣體狀態方程得,空氣柱在擴張壓下的體積為V3=p1V1T3/T1p3=49.1mL(3分)

14.解析:設球在第一次運動到最低點時的速度為v,則根據牛頓第二定律得, (5分)

根據熱力學第一定律和能量守恒定律可知,球由靜止釋放到第一次運動到最低點的過程中汽缸中的氣體增加的內能ㄓE為(5分)

聯立兩式、代入數值得ㄓE=228J. (4分)

15.解析:(1)能(2分)

因為大氣壓強是由大氣重力產生的,由(2分)

(2分)

把查閱得到的數據代入上式得,kg(2分)

大氣層空氣的分子數為個(2分)

(2)可求出液化后空氣的體積為:m3(2分)

設大氣液化后液體水分布在地球表面上時,地球半徑增加h,則有

,考慮到h遠小于R,忽略h的二次項和三次項得,

m. (2分)

16.解析:(1)在活塞上方倒沙的過程中溫度保持不變,對氣體,由玻意耳定律得,p0V0=p1V1,代入數據,得p1=V0p0/V1=2.0×10-3×1.0×105/1.0×10-3Pa=2.0×105Pa(5分)

在緩慢加熱到127℃的過程中,氣體壓強保持不 

變,由蓋?呂薩克定律得,V1/T0=V2/T2,

V2=T2V1/T0=(273+127)×1.0×10-3/273m3

=1.47×103m3(5分)

   (2)在整個物理過程中畫在p―V圖上,

如圖所示. (6分)

17.解析:每人每天所吸1atm凈化空氣的體積為

V=(16×60×24)×500mL=1.152×104L,(4分)

由玻意耳定律可知,每桶10atm的凈化空氣轉化為1atm時的體積為V/=10×20/1L=200L(4分)

故每人每天需要凈化空氣的桶數為n=V/V/=1.152×104/200=57.6≈58桶(4分)

由此可見,這個方案并不現實. (4分)

18.解析:因活塞處于靜止狀態,由平衡條件得,(p0p1)S=(p2p2)S

代入數據得p3=1.0×105Pa(2分)

B內左側氣體有p2l2S=pl2/S②(2分)

B內右側氣體有p3l3S=pl3/S③(2分)

l2+l3=l2/+l3/=(16+8)cm=24cm④(2分)

聯立②③④得l3/=6cm(2分)

活塞右移ㄓx=l3l3/=2cm,當B內兩側壓強相等時,

對活塞由平衡條件得,(p1/p0)S=(p-p0)S

解得p1/=p0=1.0×105Pa(2分)

A內氣體由理想氣體的狀態方程得,p1l1S/T1= p1/l1/S/T1/,其中l1/=(30+2)cm=32cm

即有0.5×30S/300=1×32S/T1/

解得T1/=640K(2分)

A內溫度升高T=T1/T1=340K(2分)

 


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