8.“神舟 w ww.ks 5u.c om六號飛船發射升空后不久.將在離地面某一高度上沿著圓軌道運行.運行中需要進行多次“軌道維持 .所謂“軌道維持 就是通過控制飛船上發動機的點火時間和推力的大小.方向.使飛船能保持在預定軌道上穩定運行.如果不進行軌道維持.由于飛船受軌道上稀薄空氣的摩擦阻力.軌道高度會逐漸降低.在這種情況下飛船的動能.重力勢能和機械能的變化情況將會是( )A.重力勢能逐漸減小.動能逐漸增大 B.重力勢能逐漸減小.機械能不變C.重力勢能逐漸增大.動能逐漸減小 D.動能逐漸增大.機械能逐漸減小 查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

如圖w ww.ks 5u.c om所示,Q1、Q2帶等量正電荷,固定在絕緣水平面上,在其連線上有一光滑絕緣桿,桿上套一帶正電的小球,桿所在的區域存在一個勻強磁場,方向如圖所示,小球重力不計,F將小球從圖示位置由靜止開始釋放,在小球運動過程中,下列說法中正確的是(     )

A.小球所受的洛倫茲力大小變化,但方向不變

B.小球的加速度將不斷變化

C.小球所受洛倫茲力將不斷變化

D.小球速度一直增大

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關于質點,下列說法中正確的是(        )w ww.ks 5u.c om

A.研究微小的灰塵時,灰塵一定可以看成質點

B.計算火車通過南京長江大橋的時間,火車可以看成質點

C.研究地球繞太陽公轉時,地球可以看成質點

D.研究體操運動員在空中的動作時,運動員可以看成質點

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如圖w ww.ks 5u.c om所示,Q1、Q2帶等量正電荷,固定在絕緣水平面上,在其連線上有一光滑絕緣桿,桿上套一帶正電的小球,桿所在的區域存在一個勻強磁場,方向如圖所示,小球重力不計,F將小球從圖示位置由靜止開始釋放,在小球運動過程中,下列說法中正確的是(    )

A.小球所受的洛倫茲力大小變化,但方向不變
B.小球的加速度將不斷變化
C.小球所受洛倫茲力將不斷變化
D.小球速度一直增大

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衛星電話w ww.ks 5u.co m在搶險救災中能發揮重要作用。第一代、第二代海事衛星只使用靜止軌道衛星,不能覆蓋地球上的高緯度地區。而第三代海事衛星采用同步和中軌道衛星結合的方案,解決了覆蓋全球的問題。它由4顆同步衛星與12顆中軌道衛星構成。中軌道衛星高度約為地球半徑的2倍,分布在幾個軌道平面上(與赤道平面有一定的夾角)。地球表面處的重力加速度為g,則中軌道衛星處的重力加速度約為(  )

A.g/4            B.g/9            C.4g            D.9g

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如圖w ww.k s5u.c om所示,邊長為L的正方形線圈abcd,其匝數為n,總電阻為r,外電路的電阻為R,ab的中點和cd的中點的連線OO/ 恰好位于勻強磁場的邊界線上,磁場的磁感應強度為B,若線圈從圖示位置開始,以角速度OO/ 軸勻速轉動,則以下判斷中正確的是

A.閉合電路中感應電動勢的瞬時表達式e = nBL2ωsinωt

B.在t = 時刻,磁場穿過線圈的磁通量為零,但此時磁通量隨時間變化最快

C.從t =0 時刻到t = 時刻,電阻R上產生的熱量為Q =

D.從t =0 時刻到t = 時刻,通過R的電荷量q =

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1.C 2.A 3.A 4.C 5.B 6.AD 7.AC 8.AD 9.BC

10.(1)BCD

(2)(1) A ,C    。2) 9.58    

(3)不合理.由于阻力的存在,第(2)問中求得的結果不是當地的重力加速度,不能用它來計算重力勢能的改變量. 

11.(1)A D E G H(2分)

 (2)b (1分)  實物連接如下圖(2分)

(3)2.4 (3分);1.27×10―6 ?m(3分.答1.25×10-6~1.30×106?m均按正確.)

   (2)解:作出光路如圖

       由折射定律得(2分)

      

       所以r=30°(2分)

       由圖知

       則ABAC=d?tan30°=d

       出射光線與入射光線間的距離是d(2分)

12-C(1)BCDGH(6分,全對得6分,不全對的每對一項得1分,錯一項扣1分,錯2項扣3分,錯3項本題不得分,本題不得負分)

   (2)①A、B相碰滿足動量守恒(1分)

       得兩球跟C球相碰前的速度v1=1m/s(1分)

       ②兩球與C碰撞同樣滿足動量守恒(1分)

       得兩球碰后的速度v2=0.5m/s,

       兩次碰撞損失的動能(2分)

       (1分)

14. 解:

(1)mgsinα=BILcosα ………………2分

解得:I=1A               ………1分

 (2) I=               ……2分

解得:v=25m/s                         ……2分

(3) PQ=I2R=4.5W                         ……1分

PG=mgvsinα=6W           ……1分

重力勢能的減少量,一部分轉化成電能,以焦耳熱的形式釋放,另一部分給電源充電。

15. 解:

(1)撤去F前,根據牛頓第二定律,有:

    金屬塊:                                                              …………(2分)

    平板車:                                              …………(2分)

    從給車一個向右的水平恒力到剛撤去該力的過程,平板車與金屬塊發生的位移滿足關系:                                         …………(2分)

    即:

    解得:                                                                     …………(2分)

    所以:                                                         …………(2分)

                                                                     …………(2分)

(2)撤去F后,金屬塊在平板車的CB段滑動的過程,設最終的共同速度為v3,根據動量守恒,有:

                                                                   …………(3分)

    該過程系統機械能損失等于摩擦生熱,有:

                                   …………(3分)

    解得:         

 

 

 

 

 

 

 


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