1.  成立的充要條件是（    ）

2.  設復數，（），若為實數，則等于（    ）

3.  已知、是不共線的向量，，（、），則、、三點共線的充要條件是（    ）

4.  設映射是實數集到實數集的映射，若對于實數，在中不存在原象，則的取值范圍是（    ）

5.  等差數列中，是其前項和，，，則的值為（    ）

6.  已知函數（）（其中是自然對數的底數）的反函數為，則有（    ）

7.  要從名女生和名男生中選出名學生組成課外興趣小組，如果按性別依比例分層隨機抽樣，則組成此課外興趣小組的概率為（    ）

8.  半徑為的球面上有、、三點，其中點與、兩點間的球面距離均為，、兩點間的球面距離均為，則球心到平面的距離為（    ）

9.  已知函數（，）對定義域內的任意，都滿足條件

，若，，則有（    ）

10. 已知，若方程的兩個實數根可以分別作為一個橢圓和雙曲線的離心率，則（    ）

11. 設實數、滿足，則的取值范圍是__________.

12. 設是的展開式中項的系數（、、、…），則

_____________.

13. 已知函數為偶函數，且滿足不等式，則的值為_____________.

14. 在中，，以點為一個焦點作一個橢圓，使這個橢圓的另一個焦點在邊上，且這個橢圓過、兩點，則這個橢圓的焦距長為_____________.

15. 設、、依次是的角、、所對的邊，若，且，則_____________.

16．（本小題滿分12分）

已知向量，（，）.函數，

的圖象的一個對稱中心與它相鄰的一條對稱軸之間的距離為，且過點.

（Ⅰ）求函數的表達式；

（Ⅱ）當時，求函數的單調區間。

17．（本小題滿分12分）

在某社區舉辦的《2008奧運知識有獎問答比賽》中，甲、乙、丙三人同時回答一道有關奧運知識的問題，已知甲回答這道題對的概率是，甲、丙兩人都回答錯的概率是，乙、丙兩人都回答對的概率是.

（Ⅰ）求乙、丙兩人各自回答這道題對的概率；

（Ⅱ）用表示回答該題對的人數，求的分布列和數學期望.

18．（本小題滿分12分）如圖，已知正三棱柱各棱長都為，為棱上的動點。

（Ⅰ）試確定的值，使得；（Ⅱ）若，求二面角的大��；

（Ⅲ）在（Ⅱ）的條件下，求點到面的距離。

19．（本小題滿分12分）

已知函數.

（Ⅰ）求函數的單調區間和極值；

（Ⅱ）若對滿足的任意實數恒成立，求實數的取值范圍（這里是自然對數的底數）；

（Ⅲ）求證：對任意正數、、、，恒有

.

20．（本小題滿分13分）

如圖，已知曲線與拋物線的交點分別為、，曲線和拋物線在點處的切線分別為、，且、的斜率分別為、.

（Ⅰ）當為定值時，求證為定值（與無關），并求出這個定值；

（Ⅱ）若直線與軸的交點為，當取得最小值時，求曲線和的方程。

21．（本小題滿分14分）

已知數列中，，，其前項和滿足.令.（Ⅰ）求數列的通項公式；（Ⅱ）若，求證：（）；（Ⅲ）令（），求同時滿足下列兩個條件的所有的值：①對于任意正整數，都有；②對于任意的，均存在，使得時，

湖北省2009屆八校聯考第二次理科數學選擇題答題卡

題 號

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

答 案

11. ；   12. ；   13．或或；    14.；     15．.

16【解】（Ⅰ）

…………3′

由題意得周期，故.…………4′

又圖象過點，∴

即，而，∴，∴………6′

（Ⅱ）當時，

∴當時，即時，是減函數

當時，即時，是增函數

∴函數的單調減區間是，單調增區間是…………12′

17．【解】（Ⅰ）記“甲回答對這道題”、“ 乙回答對這道題”、“丙回答對這道題”分別為事件、、，則，且有，即

∴，.…………6′

（Ⅱ）由（Ⅰ），.

的可能取值為：、、、.

則；

；

；

.…………9′

∴的分布列為

的數學期望.…………12′

18【法一】（Ⅰ）當時，作在上的射影. 連結.

則平面，∴，∴是的中點，又，∴也是的中點，

即.  反之當時，取的中點，連接、.

∵為正三角形，∴.   由于為的中點時，

∵平面，∴平面，∴.……4′

（Ⅱ）當時，作在上的射影. 則底面.

作在上的射影，連結，則.

∴為二面角的平面角。

又∵，∴，∴.

∴，又∵，∴.

∴，∴的大小為.…8′

（Ⅲ）設到面的距離為，則，∵，∴平面,

∴即為點到平面的距離，

又，∴.

即，解得.即到面的距離為.……12′

【法二】以為原點，為軸，過點與垂直的直線為軸，

為軸，建立空間直角坐標系，如圖所示，

設，則、、.

（Ⅰ）由得，

即，∴，即為的中點，

也即時，.…………4′

（Ⅱ）當時，點的坐標是.  取.

則，.

∴是平面的一個法向量。

又平面的一個法向量為.

∴，∴二面角的大小是.……8′

（Ⅲ）設到面的距離為，則，∴到面的距離為.…12′

19【解】（Ⅰ）

∴的增區間為，減區間為和.

極大值為，極小值為.…………4′

（Ⅱ）原不等式可化為由（Ⅰ）知，時，的最大值為.

∴的最大值為，由恒成立的意義知道，從而…8′

（Ⅲ）設

則.

∴當時，，故在上是減函數，

又當、、、是正實數時，

∴.

由的單調性有：，

即.…………12′

20．【解】（Ⅰ）設點的坐標為，

曲線的方程可寫成：，∴

∴…2′

又…………4′

∴為定值�！�…6′

（Ⅱ）如圖設點的坐標為，則.

由（Ⅰ）知：，則直線.

∵過點，則，即，∴點.…8′

將代入曲線的方程得.

∴.

由重要不等式得.……10′

當且僅當“”成立時，有，解得

∴，.……13′

21．【解】（Ⅰ）由題意知即……1′

∴

……2′

檢驗知、時，結論也成立，故.…………3′

（Ⅱ）由于

故

.…………6′

（Ⅲ）（?）當時，由（Ⅱ）知：，即條件①滿足；又，

∴.

取等于不超過的最大整數，則當時，.…9′

（?）當時，∵，，∴，∴.

∴.

由（?）知存在，當時，，

故存在，當時，，不滿足條件. …12′

（?）當時，∵，，∴，∴.

∴.

取，若存在，當時，，則.

∴矛盾. 故不存在，當時，.不滿足條件.

綜上所述：只有時滿足條件，故.…………14′